2) Найдите угол между прямыми ВЕ и В1D.
BD- проекция B_(1)D
По теореме о трех перпендикулярах:
B_(1)D ⊥ AC
2)
Можно перенести B_(1)D в точку С_(1)
Получить еще один куб D_(1)CKMD_(1)C_(1)M_(1)K_(1)
а BE перенести так, чтобы E совпала с С_(1)
В перенести в точку F, F- середина BB_(1)
Получили треугольник FC_(1)M
∠ FC_(1)M - угол между FC_(1) || BE и C_(1)M || B_(1)D
BM^2=AB^2+AM^2=1+2^2=5
FM^2=FB^2+BM^2=(1/2)^2+5=21/4
FM=sqrt(21)/2
C_(1)M=sqrt(3)
FC^2_(1)=FB^2_(1)+B_(1)C^2_(1)=(1/2)^2+1^2=5/4
FC=sqrt(5)/2
Из треугольника FC_(1)M
по теореме косинусов
FM^2=FC^2_(1)+C_(1)M^2-2*FC_(1)*C_(1)M*cos ∠ FC_(1)M
[b]cos ∠ FC_(1)M=-1/sqrt(15)[/b] ⇒
угол ∠ FC_(1)M - тупой, значит смежный угол острый и его косинус равен 1/sqrt(15)
О т в е т[b]arccos (1/sqrt(15))[/b]
[red]2 способ[/red]
[b]Координатно- векторный [/b]
Введем систему координат как на рис. 2
[m]\vec{BE}=(0;1;\frac{1}{2})[/m]
[m]\vec{B_{1}D}=(1;1;-1)[/m]
Скалярное произведение:
[m]\vec{BE}\cdot \vec{B_{1}D}[/m]=|[m]\vec{BE}[/m]| [m]\cdot[/m] |[m]\vec{B_{1}D}[/m]|[m]\cdot cos \angle (\vec{BE}, \vec{B_{1}D})[/m]
[m]\vec{BE}\cdot \vec{B_{1}D}=0\cdot 1+1\cdot 1+\frac{1}{2}\cdot (-1)=\frac{1}{2}[/m]
|[m]\vec{BE}[/m]|=[m]\sqrt{0^2+1^2+(\frac{1}{2})^2}=\frac{\sqrt{5}}{2}[/m]
|[m]\vec{B_{1}D}[/m]|=[m]\sqrt{1^2+1^2+(-1)^2}=\sqrt{3}[/m]
[m]cos \angle (\vec{BE}, \vec{B_{1}D})=\frac{\frac{1}{2}}{\sqrt{3}\cdot \frac{\sqrt{5}}{2}}=\frac{1}{\sqrt{15}}[/m]
[b]arccos (1/sqrt(15))[/b]